SWIG 为 Python 包装了一个 void 函数，并带有对智能指针参数的输出引用

Question

沿着这个问题的思路，假设我们有一个 C++

struct S 

和一个函数

makeS

，它创建

S

的实例并将其分配给共享指针

p

。这是一个独立的运行示例：

#include <iostream>
#include <memory>

struct S
{
    int x;
    
    S() { x = 0; std::cout << "S::S()\n"; }
 
    // Note: non-virtual destructor is OK here
    ~S() { std::cout << "S::~S()\n"; }
};
 
 
void makeS(std::shared_ptr<S> &p)
{
    p = std::make_shared<S>();
    p->x = 12;
}
 
int main()
{
    std::shared_ptr<S> p;
    makeS(p);
    std::cout << "x = " << p->x << "\n";
}

输出

S::S()
x = 12
S::~S()

我们如何将

void makeS(std::shared_ptr<S> &p)

包装在 Python 3 的 SWIG 中，以便在 Python 中运行

p = makeS()

并获取指向

S

实例的智能指针？换句话说，我们如何为

%typemap

编写基于Python的

std::shared_ptr<S> &

，以便我们可以编写类似

的内容

%apply std::shared_ptr<S> &OUTPUT { std::shared_ptr<S> & }

并且没有从 SWIG 收到没有定义类型映射的错误？

Answer 1

我目前没有可用的计算机来测试工作示例，但您需要在 SWIG .i 文件中添加以下内容，然后再

%include

定义使用共享指针的函数的标头以及

%apply

之前:

%include <typemaps.i> // for OUTPUT
%include <std_shared_ptr.i>
%shared_ptr(S);

然后使用您的 %apply 和 %include 标头。