警告：格式'％p'需要'void *'类型的参数，但参数3的类型为'char **'

Question

我试图在我的代码中打印出argv的值，但是当我尝试编译它时，我得到了warning: format ‘%p’ expects argument of type ‘void *’, but argument 3 has type ‘char **。我不确定这个警告意味着什么。是不是%p用于argv，即使它是一个指针？

int main(int argc, char* argv[])
{
    printf("%s%p", "argv = ", argv);
}

Answer 1

那么你为什么不施展呢？

printf("argv = %p\n", (void *)argv);`

指定了%p指针（POSIX printf(); C11 §7.21.6.1 The fprintf function）：

p - 参数应该是指向void的指针。指针的值以实现定义的方式转换为打印字符序列。

由于char **不是void *，您需要进行显式转换。标准不允许编译器为你转换为void * - printf()声明中的省略号表示法意味着默认参数促销发生，但这只影响float类型和小于int的整数类型（short，char）等）。

在这些天的大多数机器上，这是一个无操作。在我学会用C语言编程的（长期过时）机器上，还没有void *（对于标准来说太旧了），但等效的是char *，并且给定内存位置的char *地址的值不同于任何其他类型的指针值 - 强制转换不是可选的。

请注意，我假设您打算打印地址的值。如果您打算打印内容，那么还有更多工作要做。

Answer 2

好吧，不是任何指针（类型）。

根据C11，章节§7.21.6.1，对于%p转换说明符，

p

参数应该是指向void的指针。指针的值以实现定义的方式转换为打印字符序列。

因此，参数必须是void *类型（或者，char*，因为它们具有相同的对齐要求）。任何其他类型的指针必须通过显式转换转换，因为指针没有默认参数提升。

就像是

printf("%s%p", "argv = ", (void *)argv);

应该做。

Answer 3

要打印argv及其地址，您需要这样做

int main(int argc, char* argv[])
{
    int i;
    printf("address of argv = %p\n", (void *)argv);
    for (i = 0; i < argc; ++i)
    {
        printf("%s\n", argv[i]);
    }
    return 0;
}