在我的 Swift 项目中打开 Instagram 线程但不起作用

Question

我在很多网站和 StackOverflow 上进行了搜索，但我找不到任何输出

我使用此功能在 Swift 项目中打开 Instagram，它工作正常。

guard var screenName = self.instagramLabel.text, screenName.count > 0 else { return }
      if screenName.hasPrefix("@") {
                screenName.removeFirst()
            }
            let appURL = URL(string: "instagram://user?username=\(screenName)")!
            let application = UIApplication.shared
            if application.canOpenURL(appURL) {
                application.open(appURL)
            } else {
                guard let url = URL(string: "https://www.instagram.com/\(screenName)/") else { return }
                self.openWeb(url)
            }

现在我这样做是为了打开 Instagram 的 Threads 应用程序，但它不起作用

guard var screenName = self.threadsLabel.text, screenName.count > 0 else { return }
            if screenName.hasPrefix("@") {
                screenName.removeFirst()
            }

            let appURL = URL(string: "threads://user?username=\(screenName)")!
            let application = UIApplication.shared
            if application.canOpenURL(appURL) {
                application.open(appURL)
            } else {
                guard let url = URL(string: "https://www.threads.net/\(screenName)/") else { return }
                self.openWeb(url)
            }

为此，只需删除

URL(string: "instagram://user?username=\(screenName)")!

并添加

URL(string: "threads://user?username=\(screenName)")!

但是它不起作用并执行了其他部分

希望我能得到答案

Answer 1

“URL 类型”(CFBundleURLTypes) 是控制哪些方案将打开您的应用程序的属性。

要允许打开另一个应用程序，请使用 LSApplicationQueriesSchemes：

本质上，您的定义是说 barcelona:// 链接应该打开您的应用程序，但您不允许在应用程序内使用它们。

如何使用示例：-

let appURL = URL(string: "barcelona://user?username=\(Yourusername)")!
            let application = UIApplication.shared
            if application.canOpenURL(appURL) {
                application.open(appURL)
                return
            }
            else {
                guard let url = URL(string: "https://www.threads.net/\(Yourusername)/") else { return }
                self.openWeb(url)
                return
            }