我有一个父布局并源自该子站点。
父布局有一个导航,每个导航点代表一个子站点。
如何在父布局中突出显示当前查看的子站点? if 会是什么样子?
我知道这是一个旧线程,但你仍然可以在 Google 上找到它的前 3 名,所以这里有一些更新。
您可以采用不同的方法使用 Symfony 创建具有“突出显示类”的导航。
1。检查路线
正如 @Sebastian J 建议的那样,您可以使用 if else 检查路线。
<li{% if app.request.get('_route') == 'foo_products_overview' %} class="active"{% endif %}>
问题:它不受官方支持,正如@netmikey指出的那样:如何在Symfony 2中获取当前路由?
1.1。检查路由数组
我实际上在我的项目中使用了它,只需进行一次调整。我使用数组函数,能够给出多个路线。
<li{% if app.request.attributes.get('_route') in [
'foo_products_overview',
'foo_products_detail',
'foo_products_bar'
] %} class="active"{% endif %}>
1.2。检查路线以...开始
第三种方法是@bernland所建议的。假设我们想要匹配以
foo_products
开头的所有路线,并且我们想通过魔法来应用它。
<li{% if app.request.attributes.get( '_route' ) starts with 'foo_products' %} class="active"{% endif %}>
正如我所说,我使用这个并且还没有遇到问题。
2。使用捆绑包/函数 我确信还有其他捆绑包,但我建议您使用它来创建导航:https://github.com/KnpLabs/KnpMenuBundle
3.使用宏
编辑2015年7月
我最喜欢的是使用像
{% macro menuItem(name, url, subitems) %}
{% spaceless %}
{% set subitems = subitems|default({}) %}
{% set currentUrl = path(app.request.attributes.get('_route'), app.request.attributes.get('_route_params')) %}
{% set isActive = currentUrl == url %}
{% for name, suburl in subitems %}
{% set isActive = not isActive and currentUrl == suburl %}
{% endfor %}
<li{% if isActive %} class="is-active"{% endif %}>
<a href="{{ url }}"{% if subitems|length > 0 %} class="has-sub-menu"{% endif %}>{{ name|trans() }}</a>
{% if subitems|length > 0 %}
<ul class="main-sub-menu">
{% for name, url in subitems %}
{{ _self.menuItem(name, url) }}
{% endfor %}
</ul>
{% endif %}
</li>
{% endspaceless %}
{% endmacro %}
只需将此代码添加到您的树枝文件中的某个位置(而不是在
{% block %}
的东西中!){{ _self.menuItem('FooBar', path('foo_foobar')) }}
或者对于带有子项目的项目:
{{ _self.menuItem('FooBar', path('foo_foobar'), {
'Foo': path('foo_baz', {slug: 'foo'}),
"Bar": path('foo_baz', {slug: 'bar'}),
}) }}
很漂亮,不是吗?
可能不是最好的选择,但这里有一些基于路由名称的 Symfony2 简单方法:
<ul class="nav">
<li{% if app.request.get('_route') == '_adminIndex' %} class="active"{% endif %}>
<a href="{{ path('_adminIndex') }}">Admin Home</a>
</li>
</ul>
这是我使用的(Symfony 5):
<li class="nav-item{% if (app.request.pathInfo == path('frontend_index')) %} active{% endif %}">
首先在模板中设置一个变量,它更好地可编辑。
{% set page = app.request.get('_route') %}
<li class="nav-item">
<a class="nav-link {% if page == 'welcome' %}active{% endif %}" href="{{ path('welcome') }}">Home <span class="sr-only">(current)</span></a>
</li>
这就是我所做的:
<a href='{{ path( 'products' ) }}'{% if app.request.attributes.get( '_route' ) starts with 'products' %} class='active'{% endif %}>Products</a>
<ul>
<li><a href='{{ path( 'products_product1' ) }}'{% if app.request.attributes.get( '_route' ) == 'products_product1' %} class='active'{% endif %}>Product 1</a></li>
<li><a href='{{ path( 'products_product2' ) }}'{% if app.request.attributes.get( '_route' ) == 'products_product2' %} class='active'{% endif %}>Product 2</a></li>
</ul>
在Silex中,我这样做:
$app->before(function ($request) use ($app) {
$app['twig']->addGlobal('active', $request->get("_route"));
});
然后在我的Twig模板文件中,
{{ active }}
等于当前路线。
够简单又容易!
简单易行: PHP 8.1.26、Symfony 6.4.1、Twig 3.0
{% if (app.request.pathInfo == path('route_name')) %}
<li class="nav-item active header-navbar-li">
{% endif %}
为突出显示的菜单项创建一个 css 类,并为每个导航项绑定一个 onClick JS 事件,当触发该事件时,只需将该类添加到当前导航项并将其从其他导航项中删除,它应该突出显示在导航。