我有一个$_POST的php API，我从请求中获取API密钥和QR代码，然后我的php服务器生成html代码。<div>, <img> <html> <body> 等......这意味着完整的网站 - 从mysql服务器获取数据并渲染到html页面.在php代码的最后，我有这样的javascript代码。
?>
<script>
window.scrollTo(0, 0);
html2canvas(document.getElementById("SelectorToPrint")).then(function (canvas) {
var dd= canvas.toDataURL("image/jpeg",1);
$.ajax({
type: "POST",
url: "https://myserver/API/sendimg.php",
data: {
key: '<?php echo $key;?>',
barkod: '<?php echo $qrcode;?>',
img: dd
}
}).done(function(o) {
});
});
</script>
当我显示页面时，图片被保存（使用html2canvas js），一切正常。
问题是，当我从另一个php代码中调用这个API请求时，页面没有显示，因此图片没有呈现。
有没有什么方法可以在不显示生成的html代码的情况下，渲染html页面并保存图片？
我修改了一下代码--没有$_POST ，而是$_GET，用这段代码测试。
<?php
$key='my_api_key';
$qrcode='my_code';
$test = file_get_contents('https://myserver/API/apipage.php?key='.$key.'&qrcode='.$qrcode);
//var_dump($test) ;
?>
当var_dump从代码中移除时，页面没有呈现，图片也没有保存。当我启用var_dump（或简单的print_r或echo）时，图片正确生成。问题是，我不想显示html代码（我认为这是正常的，当我谈论API调用）。
谢谢你的任何提示
好吧，我的解决方案如下。
在我的Linux服务器上安装了xvfb。
为php安装了ssh2
在我的linux服务器上安装了CutyCapt。
我没有直接调用和渲染图片--我是用专门创建的用户（只具有做这项工作的权限）直接从php API调用以下脚本。
"/usr/bin/xvfb-run --server-args='-screen 0, 1920x1080x24' /usr/bin/CutyCapt --url='{$url}' --zoom-factor=1.4 --out=/home/myuser/public_html/rendered_images/{$filename}.{$extension}"
所以我知道，没有简单的方法，但它是可行的。
希望对大家有所帮助