无法使用命名空间从动态类获取常量

Question

我无法从使用字符串变量和 PHP 5.3 定义的类中获取常量。命名空间。示例：

use \Some\Foo\Bar;

$class = 'Bar';
echo $class::LOCATION;

其中 LOCATION 是一个正确定义的常量。我收到的错误表明类 Bar 未定义。

如果我这样做

$class = "\Some\Foo\Bar";

一切正常。

有什么办法可以让第一个例子起作用吗？

Answer 1

使用

$class::CONST

获取类常量，要求

$class

包含独立于当前命名空间的完全限定类名。

use

语句在这里没有帮助，即使您位于命名空间

\Some\Foo

中，以下内容也不起作用：

namespace \Some\Foo;

$class = 'Bar';
echo $class::LOCATION;

正如您在问题中所写的那样，您通过提供完全限定的类名找到了“解决方案”：

use \Some\Foo\Bar;

$class = "\Some\Foo\Bar";
echo $class::LOCATION;

但是，你不喜欢这个。我不知道你的具体问题，但总的来说看起来不错。如果您想在当前命名空间内解析

Bar

的完全限定类名，您只需实例化它的一个对象并访问常量即可：

use \Some\Foo\Bar;

$class = new Bar;
echo $class::LOCATION;

在这个阶段，你甚至不需要关心你在哪个命名空间中。

但是，如果您出于某种原因需要在全局命名空间中拥有一个名为

Bar

的类，则可以使用

class_alias

来使其工作。使用它代替

use \Some\Foo\Bar

以获得您想要的行为：

class_alias('\Some\Foo\Bar', 'Bar');

$class = 'Bar';
echo $class::LOCATION;

但无论如何，我可能不会明白你的问题，因为你已经拥有的解决方案对我来说看起来不错。也许你可以写下你的具体问题是什么。

Answer 2

当您使用变量引用类名（如

$class::MYCONSTANT

或

$class::myStaticMethod()

中所示）时，PHP 假定您已给出完全限定名称，即类的绝对路径。就你而言，它是

\Bar::LOCATION

。 （这里开头的反斜杠是可选的，实际上它已被弃用。）由

use

关键字定义的别名将被忽略。因此，您会得到

\Bar

类未定义的错误。

::class

表示法（在 PHP 5.5 中引入）会将别名解析为完全限定名称，因此

Bar::class

将解析为

Some\Foo\Bar

，包括命名空间：

use Some\Foo\Bar;

$class = "Some\Foo\Bar";
// is the same as
$class = Bar::class;

echo $class::LOCATION;

::class

表示法不仅适用于类名。短语

static::class

代表由

get_called_class()

给出的“后期静态绑定”类名。此外，如果类名在编译时不存在，它会默默地解析为当前命名空间：

static::NonExistent

与

__NAMESPACE__ . '\NonExistent'

相同（或者当不在命名空间中时简单地为

'NonExistent'

）。后者也可能被误用来定义当前命名空间内的常量：

namespace Foo;
define (ANGLE_10_PERCENT::class, 180*asin(0.1)/M_PI);
// is the same as
define ('Foo\ANGLE_10_PERCENT', 180*asin(0.1)/M_PI);
// which is approximately 
const ANGLE_10_PERCENT= 11.5;