检查函数参数中是否给出了参数

Question

这个问题也有类似的问题here和here。我本可以将此作为评论发布，但我还没有这个权限，所以我发布了此内容。我也发现类似的问题没有满足我的要求的答案。我将编写代码做进一步的讨论。

我是c/c++，你可以这样做：

void CallMe(int *p = NULL)
{
    if ( p!= NULL )
        *p = 0;
}

CallMe(); // Calling the function without arguments the function will do nothing. But...

int n;
CallMe(&n);
// Here, you are passing a pointer to your n that will be filled by the CallMe function.
For c/c++ programmer, you know what to expect on those two calls.

现在，我想用 PHP 来做。当我进行搜索时，搜索结果中建议的最流行方法如下：

isset

、

is_null

和

empty

。我进行了反复试验，但没有任何效果像 c/c++ 示例那样有效。

function CallMe(&$p=null)
{
    if ($p==null)
        return;

    if(!isset($p))
        return;

    if (is_null($p))
        return;

    if (empty($p))
        return;
    $p = time();
    return 'Argument was set to ' . $p;
}

CallMe();

在第一次不提供参数的调用中，所有参数计算结果都将为 true，并且该函数将不执行任何操作。让我们尝试争论一下。

$a = 1;
CallMe($a);

从源代码来看，该函数现在可以从 $a 变量中获得一些意义。但是...

$a = null;
CallMe($a);

在最后一次调用中，函数的行为就像没有给出参数一样。

现在，我想要实现的是能够检查（如 c/c++ 示例）是否提供了参数的函数。或者，有没有一种方法可以将指针传递给 PHP 中的变量？

Answer 1

您可以调用一个旧函数来检查用户实际提供的函数参数的数量：func_num_args()

function CallMe(&$p=null)
{
    if (func_num_args() === 0)
    {
        // no argument supplied. do nothing.
        return;
    }
    $p = time();
    return 'Argument was set to ' . $p;
}

echo "Try supplying no argument:\n";
echo "---\n";
var_dump(CallMe());
echo "\n";

echo "Try supplying a variable with a value of null:\n";
echo "---\n";
$a = null;
var_dump($a);
var_dump(CallMe($a));
var_dump($a);

输出：

Try supplying no argument:
---
NULL

Try supplying a variable with a value of null:
---
NULL
string(30) "Argument was set to 1715217065"
int(1715217065)