为什么构建器函数需要大小特征来生成Rc ？

Question

这段代码工作正常（playground）：

use std::rc::Rc;

trait Foo {
    fn foo(&self);
}

struct Bar<T> {
    v: Rc<T>,
}

impl<T> Bar<T> where
T: Foo {
    fn new(rhs: Rc<T>) -> Bar<T> {
        Bar{v: rhs}
    }
}

struct Zzz {
}

impl Zzz {
    fn new() -> Zzz {
        Zzz{}
    }
}

impl Foo for Zzz {
    fn foo(&self) {
        println!("Zzz foo");
    }
}

fn make_foo() -> Rc<Foo> {
    Rc::new(Zzz{})
}

fn main() {
    let a = Bar::new(Rc::new(Zzz::new()));
    a.v.as_ref().foo()
}

但如果我创建一个包装器来生成如下所示的Rc，编译器会抱怨缺少大小的特征（playground）

fn make_foo() -> Rc<dyn Foo> {
    Rc::new(Zzz::new())
}

fn main() {
    let a = Bar::new(make_foo());
    a.v.as_ref().foo()
}

在这两种情况下，Bar :: new接收的参数类型为Rc，为什么Rust编译器的反应不同？

Answer 1

默认情况下，假定所有类型变量都是Sized。例如，在Bar结构的定义中，有一个隐含的Sized约束，如下所示：

struct Bar<T: Sized> {
    v: Rc<T>,
}

对象dyn Foo不能是Sized，因为Foo的每个可能的实现可能具有不同的大小，因此没有一个可以选择的大小。但是你试图实例化一个Bar<dyn Foo>。

修复是选择退出Sized的T特征：

struct Bar<T: ?Sized> {
    v: Rc<T>,
}

并且在实现的上下文中：

impl<T: ?Sized> Bar<T>
where 
    T: Foo 

?Sized实际上不是约束，而是放宽现有的Sized约束，因此不需要它。

选择退出Sized的结果是，Bar块中的impl方法都不能使用T，除非通过引用。