在JavaScript获取响应忽略身体

Question

我有一个要发出请求，并检查该请求是否是成功的一些代码，但它不关心响应正文：

async function doTheThing() {
  const response = await fetch(someUrl, { method: 'POST' });
  if (!response.ok) {
    throw new Error(`Request failed with status ${response.status}`);
  }
}

据我了解，响应身体还没有在这一点上下载。如果我们把它挂和不喜欢的东西跟进：

const body = await response.json();

......将请求/响应保持开放，并等到也许GC发生？如果是这样，是有办法忽略干净响应流的其余部分，而不会造成问题？

Answer 1

将请求/响应保持开放，并等到也许GC发生？

总之，没有。

const body = await response.json();

指示等待你的代码直到响应体被下载，它不会引发身体下载。除非有一个理由不，响应体流将下载内容，然后关闭。

你可以阅读有关在fetch spec过程。

这是可能中止已经启动后，读取请求，但不建议这样做，由于与浏览器的支持问题。见How do I cancel an HTTP fetch() request?

Answer 2

你可以做一个HEAD如果它没有成为一个POST，你只是要检查，如果你会收到一个400或500一系列错误

https://developers.google.com/web/ilt/pwa/working-with-the-fetch-api#example_head_requests

例如：HEAD请求通过默认获取使用GET方法，以检索一个特定资源，但也可使用其它的请求HTTP方法。

HEAD请求就像GET请求，除了响应主体是空的。当所有你想要的文件的元数据可以使用这种要求，并且希望或者需要的文件的数据运输。

如果你被卡住一个POST请求时，它控制在服务器端，您将收到任何服务器返回的，没有它指明您可以告诉服务器无法发送任何的网络标准，因此服务器都必须明确地写入允许这种行为。

如果你不小心，一旦你退出这个特定的范围，不再需要response GC将自生自灭。你并不需要await它或任何东西，但它会在后台（保存在内存中），然后扔掉GC运行时下载。