交叉接线端子开口

Question

在电子方面，我正在注册打开终端的快捷方式：

globalShortcut.register('CommandOrControl+Alt+Shift+P', () => {
    spawn(os.platform() === 'linux' ? 'xterm' : 'cmd');
});

[我注意到xterm与从OS菜单打开的终端没有相同的“样式”，我发现后者是由桌面环境自定义的（我有一个Ubuntu Mate，其终端为mate-terminal，带konsole的RedHat 7.5）。

[我读到here，nodejs没有用于检测分发的API，因此根据分发来知道运行哪个终端似乎不可行。

有没有办法打开正确的终端或将xterm设置为OS的样式？

Answer 1

Node.js没有提供本地检测分发名称的方法，因为没有标准方法可以从不同的[[Linux分发中获取该信息。

但是您可以将库添加为getos：

const getos = require('getos');

getos((err, os) => {
  if (err) return console.log(err);
  console.log(os.dist, os.codename)
})

Answer 2

TL; DR：没有为此的标准化API，并且您不能确定分发是否表示终端应用程序。

首先，XTerm，Mate's Terminal，Konsole等都是不同的应用程序。而且由于Ubuntu Mate在后台显示为Ubuntu AFAIK，因此您甚至不能确定这是注册为“ the”终端应用程序的应用程序。另外，几乎每个桌面环境都具有自己的终端应用程序，并且由于可以并排安装多个终端应用程序，因此自动选择“合适的”终端应用程序至多是有根据的猜测。

但是，可以考虑多种方法来解决此（美学）问题：

1. 让用户决定他们想要的终端应用程序。如果应用程序具有配置文件，则可以使用该文件写入用户指定的值，并将其作为终端应用程序。从理论上讲，他们可以指定到不是终端应用程序的应用程序的路径，但这是他们的错。
2. 编译已知的终端应用程序列表，并检查是否已安装。
例如，您可以列出应用程序应搜索的应用程序的（有序）列表，如果找不到，请退回到XTerm（因为大多数（如果不是全部）运行Linux的桌面系统都安装了该工具）。要查看是否已在Linux上安装并运行了应用程序，可以使用which命令。示例：

const { spawnSync } = require ("child_process");
const terms = [ "konsole", "mate-terminal", "gnome-terminal" /* ... */ ];
var terminal = null;

// In your startup method (e.g. before opening a BrowserWindow)
if (os.platform () === "linux") {
    foreach (term in terms) {
        which = spawnSync ("which", [term]);
        if (which.status !== null && which.status === 0) { // Command found
            terminal = term;
            break;
        }
    }
    if (terminal === null) terminal = "xterm";
} else {
    terminal = "cmd";
}

当然，您也可以使用spawn来代替spawnSync，但这会变得更加复杂。此外，这仅为您提供第一个被发现安装的应用程序，它没有为桌面环境选择一个“合适的”应用程序。但是我相信，如果您希望（某种程度上）将您的应用程序看起来（似乎）集成到DE中，这是朝正确方向迈出的良好一步。

作为旁注，您的代码未考虑MacOS，但也可以在MacOS上打开终端，在此简称为“ Terminal”。