seo 相关问题

我在谷歌的丰富结果测试中尝试了很多东西，并遇到了这个问题。测试搜索引擎优化 我在 Google 的 Rich Results Test 上尝试了很多东西，然后遇到了这个问题。 <pre><code><html> <head> <title>Test SEO</title> <script type="application/ld+json"> { "@context":"https://schema.org", "@type":"Service", "name":"ABC", "aggregateRating":{ "@type":"AggregateRating", "ratingValue":5, "reviewCount":2 }, "review":[ { "@type":"Review", "name": "ABC", "author": { "@type": "Person", "name": "David A" }, "reviewBody":"Awesome", "reviewRating":{ "@type":"Rating", "ratingValue":5 } }, { "@type":"Review", "name": "ABC", "author": { "@type": "Person", "name": "David B" }, "reviewBody":"Great", "reviewRating":{ "@type":"Rating", "ratingValue":5 } } ] } </script> </head> <body> </body> </html> </code></pre> 当我运行测试时，它返回了 3 个错误，其中 2 个表示 <blockquote> 商品不支持评论 </blockquote> 其中 1 个人说 <blockquote> 字段“itemReviewed”的对象类型无效 </blockquote> 对于第一个错误，我不确定为什么会收到错误，因为我提供了 <pre><code>review</code></pre> 的所有必填字段（<a href="https://developers.google.com/search/docs/advanced/structured-data/review-snippet#review-properties" rel="nofollow noreferrer">https://developers.google.com/search/docs/advanced/structed-数据/评论片段#评论属性</a>）。 至于第二个错误，我再次认为我根据 <a href="https://developers.google.com/search/docs/advanced/structured-data/review-snippet#aggregated-rating-type-definition" rel="nofollow noreferrer">https://developers.google.com/search/docs/advanced/structed-data/review-snippet#aggreated- rating-type-definition 提供了所有需要的字段</a>，但仍然返回该错误。 我没有为这两个对象提供 <pre><code>itemReviewed</code></pre>，因为文档表明它是否是嵌套的，所以可以省略。 </question> <answer tick="true" vote="0"> 所以我找到的最佳答案是：<a href="https://support.google.com/webmasters/thread/38450143/doubts-about-service-schema?hl=en" rel="nofollow noreferrer">https://support.google.com/webmasters/thread/38450143/doubts-about-service-schema?hl=en</a> 看起来，尽管 <a href="https://schema.org/Service" rel="nofollow noreferrer">Schema.org</a> 支持 <pre><code>Service</code></pre>，但从外观来看，它并不是 Google 支持的模式类型的一部分（<a href="https://developers.google.com/search/blog/2019/09/making-review-rich-results-more-helpful" rel="nofollow noreferrer">https://developers.google.com/search/blog/2019 /09/使审查丰富的结果更有帮助</a>）。 作为参考，<a href="https://developers.google.com/search/docs/advanced/structured-data/review-snippet#embedded-review-example" rel="nofollow noreferrer">这是他们文档中的示例</a>，如果您将 <pre><code>@type</code></pre> 从 <pre><code>Product</code></pre> 更改为 <pre><code>Service</code></pre>，您将看到弹出类似的错误。 我猜这里的解决方案是从<pre><code>Service</code></pre>更新为<pre><code>Product</code></pre>，但考虑到GSC（Google Search Console）直到现在才发出警告，这有点奇怪...... </answer> </body></html>

seo metadata google-search-console json-ld

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从 og:title Yoast seo 插件中删除网站名称

我的 yoast seo 插件有问题；我想从 og:title 中删除站点名称。实际上，meta og:title 显示的是页面标题 - 网站标题的内容。我的 yoast seo 插件有问题；我想从 og:title 中删除站点名称。实际上，meta og:title 显示的是页面标题 - 网站标题的内容。 <meta property="og:title" content="The title of the page or blog - The title of the site" /> 我如何删除站点名称，以便 og:title 仅显示页面或博客的标题？ public function og_title( $echo = true ) { if ( is_singular() ) { $title = WPSEO_Meta::get_value( 'opengraph-title' ); if ( $title === '' ) { $title = WPSEO_Frontend::get_instance()->title( '' ); } else { // Replace WP SEO Variables $title = wpseo_replace_vars( $title, get_post() ); } } else if ( is_front_page() ) { $title = ( $this->options['og_frontpage_title'] !== '' ) ? $this->options['og_frontpage_title'] : WPSEO_Frontend::get_instance()->title( '' ); } else { $title = WPSEO_Frontend::get_instance()->title( '' ); } /** * Filter: 'wpseo_opengraph_title' - Allow changing the title specifically for OpenGraph * * @api string $unsigned The title string */ $title = trim( apply_filters( 'wpseo_opengraph_title', $title ) ); if ( is_string( $title ) && $title !== '' ) { if ( $echo !== false ) { $this->og_tag( 'og:title', $title ); return true; } } if ( $echo === false ) { return $title; } return false; } 谢谢你 Yoast SEO 插件中有一个可以用来修改 og 标题的过滤器：wpseo_opengraph_title 将此函数添加到您的functions.php中。如有必要，请替换分隔符。 add_filter('wpseo_opengraph_title','mysite_ogtitle', 999); function mysite_ogtitle($title) { $separator = " - "; $the_website_name = $separator . get_bloginfo( 'name' ); return str_replace( $the_website_name, '', $title ) ; }

wordpress seo

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